队列+矩阵+链表问题

1. 猫狗队列
2. 转圈打印矩阵（旋转矩阵）
3. . “之”字形打印矩阵
4. 在行列都排好序的矩阵中找数
5. 打印有两个有序链表的公共部分
6. 判断一个链表是否为回文机构
7. 将单向链表按某值划分左边小，中间相等，右边大的形式
8. 复制含有随机指针节点的链表
9. 两个单链表相交的一系列问题
   （from左神算法初级班第四节）

1.猫狗队列

题目：实现一种狗猫队列的结构，要求如下： 用户可以调用add方法将cat类或dog类的 实例放入队列中； 用户可以调用pollAll方法，将队列中所有的实例按照进队列 的先后顺序依次弹出； 用户可以调用pollDog方法，将队列中dog类的实例按照 进队列的先后顺序依次弹出； 用户可以调用pollCat方法，将队列中cat类的实 例按照进队列的先后顺序依次弹出； 用户可以调用isEmpty方法，检查队列中是 否还有dog或cat的实例； 用户可以调用isDogEmpty方法，检查队列中是否有dog 类的实例； 用户可以调用isCatEmpty方法，检查队列中是否有cat类的实例。

解题思路：每一次进入的时候就打上一个时间戳
代码：

public static class DogCatQueue {private Queue<PetEnterQueue> dogQ;private Queue<PetEnterQueue> catQ;private long count;//时间戳public DogCatQueue() {this.dogQ = new LinkedList<PetEnterQueue>();this.catQ = new LinkedList<PetEnterQueue>();this.count = 0;}public void add(Pet pet) {if (pet.getPetType().equals("dog")) {this.dogQ.add(new PetEnterQueue(pet, this.count++));} else if (pet.getPetType().equals("cat")) {this.catQ.add(new PetEnterQueue(pet, this.count++));} else {throw new RuntimeException("err, not dog or cat");}}public Pet pollAll() {if (!this.dogQ.isEmpty() && !this.catQ.isEmpty()) {if (this.dogQ.peek().getCount() < this.catQ.peek().getCount()) {return this.dogQ.poll().getPet();} else {return this.catQ.poll().getPet();}} else if (!this.dogQ.isEmpty()) {return this.dogQ.poll().getPet();} else if (!this.catQ.isEmpty()) {return this.catQ.poll().getPet();} else {throw new RuntimeException("err, queue is empty!");}}public Dog pollDog() {if (!this.isDogQueueEmpty()) {return (Dog) this.dogQ.poll().getPet();} else {throw new RuntimeException("Dog queue is empty!");}}public Cat pollCat() {if (!this.isCatQueueEmpty()) {return (Cat) this.catQ.poll().getPet();} elsethrow new RuntimeException("Cat queue is empty!");}public boolean isEmpty() {return this.dogQ.isEmpty() && this.catQ.isEmpty();}public boolean isDogQueueEmpty() {return this.dogQ.isEmpty();}public boolean isCatQueueEmpty() {return this.catQ.isEmpty();}}

2.转圈打印矩阵、旋转矩阵

1）【题目】 给定一个整型矩阵matrix，请按照转圈的方式打印它。 例如： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 打印结果为：1，2，3，4，8，12，16，15，14，13，9， 5，6，7，11， 10

需要宏观思维：分圈解决

• 两个控制节点

控制节点1（0，0）→0行0列
控制节点2（matrix.length - 1，matrix[0].length - 1）→最后一行最后一列的节点位置

• 打印外圈
  如果是棒状结构（a=c或者b=d），就直接打印一行或者一列。
  否则：
  先从控制节点1开始，打印一行（除了最后一点以外，并且来到行的最后一个点）
  然后从这一行的最后一个点开始，打印一列（除了最后一点以外，来到行的最后一个点）
  接着从这一列的最后一个点开始，从尾到头打印这一行（除了第一个点以外，来到这一列的第一点）
  最后从这一行的第一点开始，从下往上打印这一列（除了一点点意外，回到控制节点1位置）
  过程如图所示：
  
  代码：

public class Code_06_PrintMatrixSpiralOrder {public static void spiralOrderPrint(int[][] matrix) {int a = 0;//控制节点（0，0）int b = 0;int c = matrix.length - 1;//控制节点最后一个点（matrix.length - 1，matrix[0].length - 1）int d = matrix[0].length - 1;while (a <= c && b <= d) {printEdge(matrix, a++, b++, c--, d--);//每次打印一个外圈，打印后，两个控制节点都往里走，直到错过才停止}}public static void printEdge(int[][] m, int a, int b, int c, int d) {if (a == c) {//棒状结构for (int i = b; i <= d; i++) {System.out.print(m[a][i] + " ");}} else if (b == d) {//棒状结构for (int i = a; i <= c; i++) {System.out.print(m[i][b] + " ");}} else {int curC = b;int curR = a;while (curC != d) {//打印到同一行的最后一个节点停止System.out.print(m[a][curC] + " ");curC++;}while (curR != c) {//打印到同一列的最后一个节点停止System.out.print(m[curR][d] + " ");curR++;}while (curC != b) {//打印到同一行的第一个节点停止System.out.print(m[c][curC] + " ");curC--;}while (curR != a) {//打印到同一列的第一个节点停System.out.print(m[curR][b] + " ");curR--;}}}public static void main(String[] args) {int[][] matrix = { { 1, 2, 3, 4 }, { 5, 6, 7, 8 }, { 9, 10, 11, 12 },{ 13, 14, 15, 16 } };spiralOrderPrint(matrix);}}

2）旋转矩阵（长方形没法转）
同样使用分圈思想
每一次交换四个位置，重复matrix.length - 1次。

public class Code_05_RotateMatrix {public static void rotate(int[][] matrix) {int tR = 0;int tC = 0;int dR = matrix.length - 1;int dC = matrix[0].length - 1;while (tR < dR) {rotateEdge(matrix, tR++, tC++, dR--, dC--);}}public static void rotateEdge(int[][] m, int a, int b, int c, int d) {int times = d - b; int tmp = 0;for (int i = 0; i != times; i++) {//扣边界，实现换位置tmp = m[a][b + i];//将第一个点保存到tmp变量上m[a][b + i] = m[c - i][b];//将第四个点位置换到第一个点位置上m[c - i][b] = m[c][d - i];//将第三个位置换到最后一个点位置上m[c][d - i] = m[a + i][d];//将第二个点位置换到第三个点位置上     m[a + i][d] = tmp;//将tmp变量的位置换到第二个点位置上}}public static void printMatrix(int[][] matrix) {for (int i = 0; i != matrix.length; i++) {for (int j = 0; j != matrix[0].length; j++) {System.out.print(matrix[i][j] + " ");}System.out.println();}}public static void main(String[] args) {int[][] matrix = { { 1, 2, 3, 4 }, { 5, 6, 7, 8 }, { 9, 10, 11, 12 },{ 13, 14, 15, 16 } };printMatrix(matrix);rotate(matrix);System.out.println("=========");printMatrix(matrix);}}

3.反转单向链表、双向链表

4.“之”字形打印矩阵

【题目】 给定一个矩阵matrix，按照“之”字形的方式打印这 个矩阵，例如： 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 “之”字形打印的结果为：1，2，5，9，6，3，4，7，10，11， 8，12。
解题过程：

• 用两个变量A，B控制每次打印的头尾点
• A先往右走，到达最后一列，就开始往下走
• B先往下走，到达最后一行，就开始往右走
• 知道A到达最后一个点（18点位置），或者B达到最后一个点（18位置）结束。
  
  代码：

public class Code_08_ZigZagPrintMatrix {public static void printMatrixZigZag(int[][] matrix) {int a = 0;int b = 0;int c = 0;int d = 0;int endR = matrix.length - 1;int endC = matrix[0].length - 1;boolean fromUp = false;//从左上开始打印，还是从右下开始打印while (a != endR + 1) {//a来到最后一行，终止printLevel(matrix, a, b, c, d, fromUp);//打印a = b == endC ? a + 1 : a;//A列数来到最后一列，才往下走b = b == endC ? b : b + 1;d = c == endR ? d + 1 : d;//B行数来到最后一行，才往右走c = c == endR ? c : c + 1;fromUp = !fromUp;//每次取反}System.out.println();}public static void printLevel(int[][] m, int tR, int tC, int dR, int dC,boolean f) {//打印if (f) {while (tR != dR + 1) {System.out.print(m[tR++][tC--] + " ");}} else {while (dR != tR - 1) {System.out.print(m[dR--][dC++] + " ");}}}public static void main(String[] args) {int[][] matrix = { { 1, 2, 3, 4 }, { 5, 6, 7, 8 }, { 9, 10, 11, 12 } };printMatrixZigZag(matrix);}}

5.在行列都排好序的矩阵中找数

【题目】 给定一个有N*M的整型矩阵matrix和一个整数K， matrix的每一行和每一 列都是排好序的。实现一个函数，判断K 是否在matrix中。 例如： 0 1 2 5 2 3 4 7 4 4 4 8 5 7 7 9 如果K为7，返回true；如果K为6，返 回false。
【要求】 时间复杂度为O(N+M)，额外空间复杂度为O(1)。

（右上角法、左下角法）

• 一个数比数组当前值小的时候往左走，比当前值大的时候就往下走。
• 找到就有，一直到数组边界也没有找到则没有。

过程如图所示：

代码：

public class Code_09_FindNumInSortedMatrix {public static boolean isContains(int[][] matrix, int K) {int row = 0;int col = matrix[0].length - 1;while (row < matrix.length && col > -1) {if (matrix[row][col] == K) {return true;} else if (matrix[row][col] > K) {col--;} else {row++;}}return false;}public static void main(String[] args) {int[][] matrix = new int[][] { { 0, 1, 2, 3, 4, 5, 6 },// 0{ 10, 12, 13, 15, 16, 17, 18 },// 1{ 23, 24, 25, 26, 27, 28, 29 },// 2{ 44, 45, 46, 47, 48, 49, 50 },// 3{ 65, 66, 67, 68, 69, 70, 71 },// 4{ 96, 97, 98, 99, 100, 111, 122 },// 5{ 166, 176, 186, 187, 190, 195, 200 },// 6{ 233, 243, 321, 341, 356, 370, 380 } // 7};int K = 233;System.out.println(isContains(matrix, K));}}

6.判断一个链表是否为回文结构

【题目】 给定一个链表的头节点head，请判断该链表是否为回 文结构。 例如： 1->2->1，返回true。 1->2->2->1，返回true。 15->6->15，返回true。 1->2->3，返回false。 进阶： 如果链表长度为N，时间复杂度达到O(N)，额外空间复杂 度达到O(1)。

笔试：用辅助空间快速过掉

• 用一个栈保存链表，再进行比较（方法一）

public static boolean isPalindrome1(Node head) {Stack<Node> stack = new Stack<Node>();Node cur = head;while (cur != null) {stack.push(cur);cur = cur.next;}while (head != null) {if (head.value != stack.pop().value) {return false;}head = head.next;}return true;}

• 用快慢指针来到中间节点，再把后面的部分装入栈中，比较栈和链表的前面部分（方法二）

public static boolean isPalindrome2(Node head) {if (head == null || head.next == null) {return true;}Node right = head.next;Node cur = head;while (cur.next != null && cur.next.next != null) {right = right.next;//快慢指针找中点cur = cur.next.next;}Stack<Node> stack = new Stack<Node>();while (right != null) {stack.push(right);right = right.next;}while (!stack.isEmpty()) {if (head.value != stack.pop().value) {return false;}head = head.next;}return true;}

面试（用几个变量）：
方法一：不用辅助空间

• 先快慢指针找到中间节点
• 将后面部分逆序
• 分别从头和尾开始走，判断是否相等
• 无论是否为回文，最后将数据恢复回来（逆序部分再逆序）

public static boolean isPalindrome3(Node head) {if (head == null || head.next == null) {return true;}Node n1 = head;Node n2 = head;while (n2.next != null && n2.next.next != null) { // find mid noden1 = n1.next; // n1 -> midn2 = n2.next.next; // n2 -> end}n2 = n1.next; // n2 -> right part first noden1.next = null; // mid.next -> nullNode n3 = null;while (n2 != null) { // right part convertn3 = n2.next; // n3 -> save next noden2.next = n1; // next of right node convertn1 = n2; // n1 moven2 = n3; // n2 move}n3 = n1; // n3 -> save last noden2 = head;// n2 -> left first nodeboolean res = true;while (n1 != null && n2 != null) { // check palindromeif (n1.value != n2.value) {res = false;break;}n1 = n1.next; // left to midn2 = n2.next; // right to mid}n1 = n3.next;n3.next = null;while (n1 != null) { // recover listn2 = n1.next;n1.next = n3;n3 = n1;n1 = n2;}return res;}

7.将单向链表按某值划分成左边小、中间相等、右边大的形式

【题目】 给定一个单向链表的头节点head，节点的值类型是整型，再给定一个 整 数pivot。实现一个调整链表的函数，将链表调整为左部分都是值小于 pivot 的节点，中间部分都是值等于pivot的节点，右部分都是值大于 pivot的节点。 除这个要求外，对调整后的节点顺序没有更多的要求。 例如：链表9->0->4->5- >1，pivot=3。 调整后链表可以是1->0->4->9->5，也可以是0->1->9->5->4。总 之，满 足左部分都是小于3的节点，中间部分都是等于3的节点（本例中这个部 分为空），右部分都是大于3的节点即可。对某部分内部的节点顺序不做要求。 （荷兰国旗）

进阶问题： 在原问题的要求之上再增加如下两个要求。 在左、中、右三个部分的内部也做顺序要求，要求每部分里的节点从左 到右的 顺序与原链表中节点的先后次序一致。 例如：链表9->0->4->5->1，pivot=3。 调整后的链表是0->1->9->4->5。 在满足原问题要求的同时，左部分节点从左到 右为0、1。在原链表中也 是先出现0，后出现1；中间部分在本例中为空，不再 讨论；右部分节点 从左到右为9、4、5。在原链表中也是先出现9，然后出现4， 最后出现5。 如果链表长度为N，时间复杂度请达到O(N)，额外空间复杂度请达到O(1)。

解题过程：

• 准备6个节点变量
• 按照顺序将小于、等于、大于的节点放在less、eq、more的链接点后，直到遍历链表结束。
• 从less开始按照顺序将节点串起来，形成要求的链表

如图所示：

代码：

public static Node listPartition2(Node head, int pivot) {Node sH = null; // small headNode sT = null; // small tailNode eH = null; // equal headNode eT = null; // equal tailNode bH = null; // big headNode bT = null; // big tailNode next = null; // save next node// every node distributed to three listswhile (head != null) {next = head.next;head.next = null;if (head.value < pivot) {if (sH == null) {sH = head;sT = head;} else {sT.next = head;sT = head;}} else if (head.value == pivot) {if (eH == null) {eH = head;eT = head;} else {eT.next = head;eT = head;}} else {if (bH == null) {bH = head;bT = head;} else {bT.next = head;bT = head;}}head = next;}// small and equal reconnectif (sT != null) {sT.next = eH;eT = eT == null ? sT : eT;}// all reconnectif (eT != null) {eT.next = bH;}return sH != null ? sH : eH != null ? eH : bH;}

8.复制含有随机指针节点的链表

【题目】 一种特殊的链表节点类描述如下： public class Node { public int value; public Node next; public Node rand; public Node(int data) { this.value = data; } }Node类中的value是节点值，next指针和正常单链表中next指针的意义 一 样，都指向下一个节点，rand指针是Node类中新增的指针，这个指 针可 能指向链表中的任意一个节点，也可能指向null。 给定一个由 Node节点类型组成的无环单链表的头节点head，请实现一个 函数完成 这个链表中所有结构的复制，并返回复制的新链表的头节点。 进阶： 不使用额外的数据结构，只用有限几个变量，且在时间复杂度为 O(N) 内完成原问题要实现的函数。

方法一：使用hash表

• 将原链表p1作为key，放入hashmap中
• 拷贝p1的每个节点，并作为hashmap的value值放入。
• key为原链表节点，value为拷贝节点。
• 可以通过hashmap查找来找到对应关系。例如p1的第一节点的next指向第二个节点key值，那么hashmap中的第一个节点的value就指向第二个节点的value

代码：

public static Node copyListWithRand1(Node head) {HashMap<Node, Node> map = new HashMap<Node, Node>();Node cur = head;while (cur != null) {//放入到key中map.put(cur, new Node(cur.value));cur = cur.next;}cur = head;while (cur != null) {//将对应关系映射到value上map.get(cur).next = map.get(cur.next);map.get(cur).rand = map.get(cur.rand);cur = cur.next;}return map.get(head);}

方法二：

• 先遍历链表，让原链表节点的第一个位置指向拷贝的节点，拷贝节点指向原链表的第二个位置，以此类推
• 而rand可以通过next关系找到（例如1的rand指向3，而现在3指向3’，所以1’的rand就等于3的next）
  如图所示：
  

代码：

public static Node copyListWithRand2(Node head) {if (head == null) {return null;}Node cur = head;Node next = null;// copy node and link to every nodewhile (cur != null) {//拷贝节点next = cur.next;cur.next = new Node(cur.value);cur.next.next = next;cur = next;}cur = head;Node curCopy = null;// set copy node randwhile (cur != null) {//复制rand关系next = cur.next.next;curCopy = cur.next;curCopy.rand = cur.rand != null ? cur.rand.next : null;cur = next;}Node res = head.next;cur = head;// splitwhile (cur != null) {//拷贝节点从原链表分离next = cur.next.next;curCopy = cur.next;cur.next = next;curCopy.next = next != null ? next.next : null;cur = next;}return res;}

9.两个单链表相交的一系列问题

【题目】 在本题中，单链表可能有环，也可能无环。给定两个 单链表的头节点 head1和head2，这两个链表可能相交，也可能 不相交。请实现一个函数， 如果两个链表相交，请返回相交的 第一个节点；如果不相交，返回null 即可。 要求：如果链表1 的长度为N，链表2的长度为M，时间复杂度请达到 O(N+M)，额外 空间复杂度请达到O(1)。

问题分为：

• 1）判断链表有环无环？
• 2）两个无环链表的第一个相交节点？
• 3）两个有环链表是否相交？

1）判断链表有环无环？
方法一：用hash表

• 遍历时，将节点放入key中，然后查hash表是否出现过？
• 查到第一个放进去过就是第一个相交节点

方法二：快慢指针（快指针一次走两步，慢指针一次走一步）

• 准备两个指针
• 快指针达到null证明无环
• 快慢指针第一次相遇后，快指针回到起点，由一次走两步，变成一次走一步，快慢指针再次相遇时，一定是环的入口。

2）两个无环‘’链表的第一个相交节点？
方法一：hashmap

• 遍历时，将节点放入key中，然后查hash表是否出现过？
• 查到第一个放进去过就是第一个相交节点

方法二：先后出发

• 先各自遍历一遍两个链表，得到长度len1，len2，end1，end2（end为最后一个节点 ）
• 首先判断end1和end2是否相等，如果不相等，则没有相交，否则相交
• 如果len1等于len2，比较len1和len2长度，大的减小的，然后大的先出发（长度差） 步，再一起走，当第一个相等时，就是相交的第一个节点

public static Node noLoop(Node head1, Node head2) {//无环if (head1 == null || head2 == null) {return null;}Node cur1 = head1;Node cur2 = head2;int n = 0;while (cur1.next != null) {n++;cur1 = cur1.next;}while (cur2.next != null) {n--;cur2 = cur2.next;}//计算差值if (cur1 != cur2) {return null;}cur1 = n > 0 ? head1 : head2;//定位长短链表cur2 = cur1 == head1 ? head2 : head1;n = Math.abs(n);while (n != 0) {n--;cur1 = cur1.next;}while (cur1 != cur2) {cur1 = cur1.next;cur2 = cur2.next;}return cur1;}

3）两个有环链表是否相交？
两个链表的入环节点loop1、loop2，如果loop1=loop2，则是拓扑结构2，loop1走一遍环，看看遇不遇得到loop2，遇不到，则是拓扑结构1，如果遇到，则用hashmap检查loop1的节点是否出现过loop2中

三种拓扑结构：

• 两个有环链表不相交
  

• 两个有环链表公用一个环，环只有一个入口
  

• 两个有环链表公用一个环，环有两个入口
  
  代码：

public static Node bothLoop(Node head1, Node loop1, Node head2, Node loop2) {Node cur1 = null;Node cur2 = null;if (loop1 == loop2) {//拓扑2cur1 = head1;cur2 = head2;int n = 0;while (cur1 != loop1) {n++;cur1 = cur1.next;}while (cur2 != loop2) {n--;cur2 = cur2.next;}cur1 = n > 0 ? head1 : head2;cur2 = cur1 == head1 ? head2 : head1;n = Math.abs(n);while (n != 0) {n--;cur1 = cur1.next;}while (cur1 != cur2) {cur1 = cur1.next;cur2 = cur2.next;}return cur1;} else {cur1 = loop1.next;while (cur1 != loop1) {if (cur1 == loop2) {return loop1;}cur1 = cur1.next;}return null;}}